TYT Kimya — İyonik Bağ: Akronim Mnemonikleri, Hızlı Dizin ve ÖSYM Çözümlü Örnekler (YKS Haziran 2026)

Aşağıdaki on akronim, iyonik bağın TYT'de en sık çıkan "yargı doğrulama" sorularını ezberleten sözel kancalardır. Her satır bir kararın özetidir; sınavda şıkkı okurken kafanızdaki akronimi tetikleyin, doğru-yanlışı saniyeler içinde verin.

Sınavdan önceki son tekrarda kullanmak için hazırlanmış 28 satırlık başvuru dizinidir. Her satır bağımsız okunabilir; soru çözerken aklınıza takılan tek noktayı saniyeler içinde bulmanızı sağlar.

İyonik bağ, zıt yüklü iyonlar arasındaki elektrostatik çekim kuvveti ile oluşan güçlü etkileşim türüdür. Bağın kaynağı basit bir fikre dayanır: atomlar, soygaz elektronik dizilimine ulaşarak enerjice daha kararlı bir hâle gelmek isterler. Bu hedefe ulaşmak için değerlik kabuğundaki elektron sayısını 2 (dublet) veya 8 (oktet) tamamlamaları gerekir. Bazı atomlar için bu tamamlama, elektron vermekle; bazıları için elektron almakla mümkündür. İşte iyonik bağ, veren ile alan arasındaki bu "elektron alışverişinin" zıt yüklü iyonlar üzerinden bağlanmasıdır.

Ana oyuncular bellidir: metal elektron verir ve pozitif yüklü katyon'a dönüşür; ametal elektron alır ve negatif yüklü anyon'a dönüşür. Oluşan katyon ile anyon birbirine zıt yükte olduğundan, Coulomb yasası gereği birbirini çekerler. Bu çekim, molekül içi (güçlü, kimyasal) bir etkileşimdir ve enerjisi 40 kJ/mol eşiğinin çok üzerindedir; tipik iyonik bağların enerjisi yüzlerce hatta binlerce kJ/mol mertebesindedir.

JOPASAN 7A Pratik Kuralı

Sodyum Klorür (NaCl) Örneği

Klasik iyonik bağ anlatımı sodyum ve klor üzerinden yapılır. Sodyumun elektron dağılımı 2,8,1'dir; son katmanda tek bir elektron vardır. Bu elektronu verip geride 2,8 kabuğunu bırakırsa sodyum Na⁺ katyonuna dönüşür ve neon soygazının dizilimine ulaşır. Klorun dağılımı ise 2,8,7'dir; son katmanında 8'e tamamlamak için bir elektrona ihtiyacı vardır. Klor, sodyumdan aldığı bu tek elektronla Cl⁻ anyonuna dönüşür ve argon dizilimini yakalar. Oluşan Na⁺ ve Cl⁻ iyonları elektrostatik olarak çekilerek NaCl bileşiğini meydana getirir.

Kuvvetin Yönü ve Büyüklüğü

İyonik bağın gücünü belirleyen iki temel faktör vardır: iyonların yükü ve iyonlar arası mesafe (yarıçapların toplamı). Coulomb yasasından bilinen çekim kuvveti, yüklerin çarpımıyla doğru, mesafenin karesiyle ters orantılıdır. Pratikte bu ilişki Mulliken yaklaşımı olarak özetlenir: F ∝ (q₁ · q₂) / r². Yüklerin büyüklüğü arttıkça ve iyon yarıçapları azaldıkça bağ kuvveti büyür; buna paralel olarak bileşiğin erime ve kaynama noktası da yükselir. Bu neden MgO (yük çarpımı 2·2 = 4) erime noktasının NaCl (1·1 = 1) erime noktasından çok yüksek olduğunu açıklar.

İyonik bağın doğru gösterimi için önce değerlik elektronlarını görselleştirmek gerekir. Bu görselleştirmenin adı Lewis elektron nokta yapısı ya da Türkçe kaynakların tercih ettiği şekliyle Levis yapısı'dır. Mantığı basittir: elementin sembolü çizilir, sembolün dört köşesine değerlik elektron sayısı kadar nokta konur. Noktalar önce dört köşeye tek tek dağıtılır; eleman sayısı dörtten fazlaysa ikişerli eşleşmeye başlanır.

Nokta Yerleştirme Sırası

1. Elementin katman elektron dizilimi yapılır.
2. En dış katmandaki elektron sayısı (değerlik elektron sayısı = A grupları için grup numarası) belirlenir.
3. Sembolün dört köşesine bir tane bir tane nokta konur: 1A → 1 nokta, 2A → 2 nokta (iki yan köşede), 3A → 3 nokta, 4A → dört köşede birer tane.
4. 5A'dan itibaren eşleşme başlar: ikinci, üçüncü, dördüncü köşede yeni noktalar, önceden konmuş noktalarla ikişerli eşleşir. 7A'da altı nokta ikişerli eşleşmiş, bir nokta tek kalır — bağ yapmaya aday tek elektrondur.
5. 8A'da sekiz nokta tamamen ikişerli eşleşir; tekil nokta kalmadığından soygazlar bağ yapma eğilimi göstermezler.

Karbon ve Hidrojen İlişkisinin Açıklaması

Levis gösterimi, bileşiklerin sayısal oranlarını neden o şekilde yazdığımızı da açıklar. Karbon 4A'dadır; dört köşesinde birer nokta bulunur. Her tekil nokta bağ yapmaya açıktır; dolayısıyla karbon 4 hidrojen bağlayabilir → CH₄. Azot 5A'dadır; dört köşesinin birinde çift nokta, üçünde tek nokta vardır. Üç tekil nokta → üç hidrojen bağlayabilir → NH₃. Oksijen 6A'dadır; iki köşede tek nokta kalır → iki hidrojen bağlar → H₂O. Flor 7A'dadır; tek tek nokta → tek hidrojen → HF. Dolu köşeler bağ yapımına katılmaz; sadece tekil noktalar bağ aday elektronlarıdır.

Helyum'un Özel Durumu

İyonların Levis Gösterimi

İyonlara geçildiğinde kurallar biraz değişir. Katyonlarda nokta gösterimi yoktur; çünkü elektronu vererek son katmanı boşaltmıştır. Sadece sembol ve üstünde verdiği elektron sayısı kadar pozitif yük yazılır: Na⁺, Mg²⁺, Al³⁺. Anyonlarda ise alınan elektron gösterilmelidir; sembolün çevresine toplam 8 nokta (hidrojen için 2 nokta) tamamlanır, tamamlanmış sembol köşeli parantez içine alınır ve parantezin üst sağına aldığı elektron sayısı kadar negatif yük yazılır.

İyonik Bileşiğin Levis Yapısı

Bir iyonik bileşiğin Levis yapısı, katyon ile anyonun yan yana yazılmasıyla elde edilir; ancak alışverişin tam olması gerekir. Na ve S örneğini ele alalım: Na 1 elektron verir (Na⁺), S ise 2 elektron alarak oktete tamamlanır (S²⁻). Bir tek sodyum, kükürtün iki ihtiyacını karşılayamayacağından iki sodyum devreye girer. Bileşik: 2 Na⁺ ve 1 [S]²⁻ köşeli parantez gösterimi — formülü Na₂S. Benzer şekilde Ca ve F: Ca 2 elektron verir, F ise 1 elektron alır. Bu kez ikinci bir flor eklenir; bir Ca²⁺ ve iki [F]⁻ elde edilir, formül CaF₂.

İyonik bileşiklerin formüllerini hızlı yazmanın en yaygın yöntemi çapraz kural'dır. Mantığı Levis üzerinden görülen "alınan elektron = verilen elektron" dengesinin pratik hâlidir. Katyonun yükü anyonun alt indisi olarak, anyonun yükü ise katyonun alt indisi olarak yazılır. Üst indisler (yükler) formüle taşınmaz; onlar çapraz gittikten sonra silinir.

Dört Adımlık Akış

1. Önce katyon, sonra anyon yazılır. Pozitif yüklü iyon formülde her zaman baştadır. Na⁺ + Cl⁻ → NaCl (önce Na, sonra Cl).
2. Yükler çapraz gider. Katyonun yük değeri anyonun altına, anyonun yük değeri katyonun altına indis olarak iner. Yük yerine sadece sayısal büyüklük kullanılır; işaretler taşınmaz.
3. Sadeleştirme yapılır. Çapraz sonrası elde edilen indisler ortak bir sayıya bölünebiliyorsa en sade hâle getirilir. Sn⁴⁺ + O²⁻ çaprazdan Sn₂O₄ verir; bu 2'ye bölünerek SnO₂ olarak yazılır.
4. İndis "1" yazılmaz. Son indisin 1 olduğu yerlerde sayı belirtilmez.

Adım Adım Örnekler

Kök İçeren Bileşiklerde Parantez

Formülde çok atomlu bir kök (OH⁻, NO₃⁻, SO₄²⁻, NH₄⁺ gibi) varsa ve kök'ün katsayısı 1'den büyük çıkacaksa köke parantez açılır, sayı parantezin dışına yazılır. Örneğin Ca²⁺ + OH⁻ çaprazdan Ca(OH)₂ yazılır — yoksa CaOH₂ gösterimi hidrojenin 2 tane olduğu yanılgısını doğurur. Benzer biçimde Al³⁺ + SO₄²⁻ → Al₂(SO₄)₃, NH₄⁺ + SO₄²⁻ → (NH₄)₂SO₄ yazımı parantez sayesinde doğru okunur.

İyonik bileşikler moleküler yapılar değildir. Moleküler yapıda — örneğin suda — her H₂O molekülü birbirinden ayrı, sınırları belli bir topluluk hâlindedir. İyonik bileşiklerde ise iyonlar tekil bir "molekül" oluşturmaz; bunun yerine üç boyutlu, tekrarlanan bir kafes meydana getirir. Bu kafese kristal örgü yapısı denir.

Sodyum Klorür Kafes Geometrisi

NaCl kristalinde her bir sodyum iyonu (Na⁺) çevresinde altı adet klor iyonu (Cl⁻); her bir klor iyonu çevresinde ise altı adet sodyum iyonu vardır. Bu sayı kafesin koordinasyon sayısı'dır; NaCl için 6:6'dır. Başka iyonik yapıların koordinasyon sayısı farklı olabilir — örneğin CsCl 8:8 kafesi kurar — ama TYT'de kıyas yapılması beklenen sıklıkla NaCl modelidir.

Birim Hücre

Birim hücre, kristal örgüde kendini sonsuza kadar tekrarlayan en küçük temsili hacimdir. Otel binası benzetmesiyle düşünülebilir: hücreler birer otel odası, kafes ise aynı tip odaların yan yana yığılmış hâlidir. Bir birim hücre kristal özelliklerinin tamamını barındırır; oradan başlayarak kristal tüm yönlerde aynı şekilde uzar. NaCl yüzey merkezli kübik (FCC) birim hücreye sahiptir.

Örgü Enerjisi ve Kararlılık

Kristal örgüdeki iyonların birbirine uyguladığı toplam elektrostatik çekim, serbest hâldeki iyonlara göre büyük bir enerji düşüşüne neden olur. Bu enerji farkı örgü enerjisi (lattice energy) olarak adlandırılır ve iyonik bileşiğin ne kadar kararlı olduğunun ölçüsüdür. Örgü enerjisi, yüklerin büyüklüğü ile doğru; iyonlar arası mesafe ile ters orantılıdır. Yani MgO gibi yükleri büyük ve iyonları görece küçük olan bileşiklerin örgü enerjisi çok yüksektir; erime noktası da benzer şekilde çok yüksek çıkar.

Tipik Bileşikler

• NaCl — sofra tuzu, en klasik örnek.
• KCl — tıbbi amaçlı potasyum takviyesi; NaCl'ye göre bağ kuvveti daha düşük (K'nin yarıçapı Na'dan büyük).
• CaCl₂ — kar ve buz çözücü tuzları.
• MgO — ateşe dayanıklı (refrakter) malzeme; erime noktası ≈ 2852 °C.
• Al₂O₃ — alümina; aşındırıcı ve seramik sanayinin ham maddesi; erime noktası ≈ 2072 °C.
• CaCO₃ — kireçtaşı ve mermer ana bileşeni.
• Na₂CO₃ — sodyum karbonat (soda); cam üretiminde kullanılır.
• NaOH — sodyum hidroksit; endüstriyel baz.

Kristal örgü yapısı, iyonik bileşiklere hem avantaj hem kırılganlık getiren karakteristik özellikler kazandırır. TYT sınavı her yıl bu özelliklerden birini "yanlış olan hangisidir" tarzı sorularla test eder. Aşağıdaki özellikler klasik repertuarın omurgasıdır.

Fiziksel Hâl ve Erime-Kaynama Noktası

Oda koşullarında iyonik bileşiklerin tamamı katı hâldedir. Bu kuralın istisnası yoktur; tuzunu hiç eritmeden doğada gördüğünüz bütün iyonik bileşikler katı bir kristaldir. Erime ve kaynama noktaları genellikle yüksektir; tipik olarak 600–3000 °C aralığında değişir. Mulliken ilişkisine bağlı olarak yükler büyüdükçe veya iyonlar küçüldükçe bu noktalar daha da yükselir.

Sertlik ve Kırılganlık

İyonik kristaller sert ama kırılgandır. Kristal örgü, katyon-anyon-katyon-anyon şeklinde alternatif bir düzenle kurulmuştur. Bir dış kuvvet uygulandığında bu düzen bir an için kaysa bile bir adım sonrasında artı-artı ya da eksi-eksi yüklerin yan yana gelmesi kaçınılmazdır; aynı yüklerin birbirini şiddetle itmesi kristalin çatlayıp parçalanmasına yol açar. Bir kaşığın altına konmuş tuz tanesi bastırıldığında "pat" diye aniden parçalanırken, şekerin kıtır kıtır ezildiği gözlemi bu farkla açıklanır: şeker (C₆H₁₂O₆) kovalent bir moleküldür; kayma ezilmeyle sonuçlanır, parçalanmayla değil.

Elektriği İletme

Bir maddenin elektrik iletmesi için üç koşul vardır: serbest hâlde elektron bulunması (metallerde geçerli), serbest hâlde iyon bulunması (iyonik eriyik veya çözeltilerde geçerli) ya da yapıda yeterince π bağı bulunması (grafit gibi yapılar). İyonik bileşikler ikinci koşul sayesinde sıvı veya sulu hâlde iletken olur; katı hâlde değildir.

Suda Çözünme

İyonik bileşiklerin büyük kısmı suda iyi çözünür. Çözünme sırasında bileşik kendi katyon ve anyonlarına ayrışır (iyonlaşır); örneğin NaCl(k) + H₂O → Na⁺(suda) + Cl⁻(suda). Baştaki iyon her zaman katyondur, sondaki anyondur. Formül alt indisleri iyonizasyon katsayılarına dönüşür: CaCl₂ → Ca²⁺ + 2 Cl⁻; Al₂(SO₄)₃ → 2 Al³⁺ + 3 SO₄²⁻. Bu iyonların varlığı çözeltiyi elektrolit yapar.

Çözünme Fiziksel midir Kimyasal mıdır?

NaCl'nin suda iyonlara ayrışması klasik bir tuzak sorudur. Suda çözünme fiziksel bir olaydır; çünkü suyu buharlaştırdığımızda geride aynı tuz kristali aynı yapıda kalır. Fakat kafeste iyonları bir arada tutan iyonik bağ çözünme esnasında "kırılır" gibi görünür — aslında kırılan bağ iyon-iyon etkileşimi değil, o iyonu suya dağılmış hâlde tutan iyon-dipol etkileşimlerinin kurulmasıyla yerini değiştirmiş olur. Yani olgu fizikseldir, kimyasal değil.

Özetleme Tablosu

TYT'nin en çok çeldirici ürettiği başlık burasıdır. Öğrencilerin çoğu "iyonik karakteri büyük olanın erime noktası da büyüktür" gibi yanlış bir otomatizma kurar. Oysa iyonik karakter ile bağ kuvveti / erime noktası iki ayrı ölçüttür. Aşağıdaki ayrım sınavda karşınıza çıkacak tuzakları çözer.

İyonik Karakter — Elektronegatiflik Farkı

Bir bağın iyonik karakteri o bağı oluşturan iki atom arasındaki elektronegatiflik farkı (ΔEN) ile ölçülür. Fark ne kadar büyükse bağ o kadar iyonik, fark ne kadar küçükse bağ o kadar kovalenttir. Aynı halojen serisinde H ile bağ yapan bileşiklerin iyonik karakteri şu sırayı izler: HF > HCl > HBr > HI. Çünkü halojenin elektronegatifliği F'den I'ya doğru azaldığından, elektronegatiflik farkı da azalır.

Aynı mantıkla aynı 1A grubunun elementleri ile flor kıyaslandığında: KF > NaF > LiF sırası beklenir. K'nin elektronegatifliği Na'dan, Na'ninki Li'den düşük olduğu için flor ile oluşan farklı grupların en büyüğü KF'de görülür; yani iyonik karakter en yüksek KF'dedir.

Bağ Kuvveti ve Erime Noktası — Mulliken Yaklaşımı

Bağın sağlamlığı, erime noktasının büyüklüğü ve örgü enerjisi farklı bir kıstasla değerlendirilir: yüklerin çarpımının iyon yarıçapları toplamına oranı. Pratik olarak yük çarpımı büyükse veya iyonların yarıçapı küçükse bağ daha kuvvetlidir.

• MgCl₂ mi, NaCl mi? Klor aynı; yükler Mg²⁺ ile Na⁺. Yük çarpımı 2 > 1 olduğundan MgCl₂'nin bağı daha kuvvetli, erime noktası NaCl'den yüksektir.
• NaCl mi, KCl mi? Klor aynı, yükler Na⁺ ve K⁺ → her ikisi de 1. Bu durumda yük çarpımı aynı, yarıçap kıyası devreye girer. K'nin yarıçapı Na'dan büyük; o yüzden NaCl'nin bağ kuvveti KCl'ninkinden yüksek, erime noktası da daha yüksektir.
• MgO mu, NaCl mi? Her şey farklı. Yük çarpımı: MgO'da 2·2 = 4; NaCl'de 1·1 = 1. 4 > 1 olduğundan MgO'nun bağ kuvveti çok daha fazladır; erime noktası ≈ 2852 °C'ye karşı NaCl için ≈ 801 °C.
• MgO mu, CaCl₂ mi? Yük çarpımları: MgO için 4, CaCl₂ için 2·1 = 2. MgO'nunki daha büyük; erime noktası daha yüksek.

İki Kavramın Karıştığı Klasik Tuzak

Yük Çarpımı Aynı, Yarıçap Kıyası

Yük çarpımları eşit çıkan bileşikleri ayırmak için iyon yarıçapları karşılaştırılır. Yarıçap küçük olan iyonların bileşiği daha kuvvetli bağlı, erime noktası daha yüksektir. Bu yüzden aynı 1A grubundaki LiCl, NaCl, KCl bileşiklerinden en sert ve en yüksek erime noktalı olan LiCl; en gevşek ve en düşük erime noktalı olan ise KCl'dir.

Pratik Karar Ağacı

1. Sorulan kıstas iyonik karakter mi? → Elektronegatiflik farkı.
2. Sorulan kıstas erime noktası / bağ kuvveti mi? → Mulliken: yük çarpımı, ardından yarıçap.
3. Yük çarpımları eşit mi? → Yarıçap küçük olanın bağ kuvveti büyüktür.
4. Yük çarpımları farklı mı? → Yarıçaba bakmadan yük çarpımı büyük olan kazanır.

Örnek 1 — Levis Yapısı

Soru: ₂₀Ca ve ₁₇Cl elementlerinin oluşturduğu iyonik bileşiğin Levis yapısını yazınız.

Çözüm: Ca'nın dizilimi 2,8,8,2 → 2 değerlik elektronu var, iki nokta çevrede. Cl'nin dizilimi 2,8,7 → 7 değerlik elektronu var, bir tekil nokta. Ca iki elektron vermeli; her bir Cl bir elektron almalı → iki Cl devreye girer. Sonuç: bir Ca²⁺ ve iki [Cl]⁻ (her biri köşeli parantez, çevresinde 8 nokta, sağ üstte −1 yükü). Formül: CaCl₂.

Örnek 2 — Çapraz Kural

Soru: ₁₃Al ve ₁₆S elementlerinden oluşan iyonik bileşiğin formülünü yazınız.

Çözüm: Al 2,8,3 → Al³⁺. S 2,8,6 → S²⁻. Çapraz: Al₂S₃. İki indis ortak bir bölene sahip değil → sadeleşmez. Formül: Al₂S₃. Alınan-verilen elektron denetimi: 2·3 = 6 (verilen) = 3·2 = 6 (alınan). Tam.

Örnek 3 — Bağ Kuvveti ve Erime Noktası

Soru: Na₂O, MgO, Al₂O₃ bileşiklerinden erime noktası en yüksek olan hangisidir?

Çözüm: Anyon aynı (O²⁻). Yükler: Na⁺, Mg²⁺, Al³⁺. Yük çarpımları sırasıyla 1·2=2, 2·2=4, 3·2=6. En büyük çarpım Al₂O₃'tedir. Yarıçap kıyasına bile gerek yok. Cevap: Al₂O₃.

Örnek 4 — İyonik Karakter

Soru: HF, HCl, HBr, HI bileşiklerinden iyonik karakteri en yüksek olan hangisidir?

Çözüm: İyonik karakter elektronegatiflik farkına göre belirlenir. H'nin elektronegatifliği sabit. Halojen grubunda F > Cl > Br > I şeklinde azalma vardır. En büyük fark H ile F arasında. Cevap: HF.

Örnek 5 — Elektrik İletkenliği

Soru: NaCl ile ilgili aşağıdakilerden hangisi yanlıştır? A) İyonik bağlıdır. B) Kristal örgü yapılıdır. C) Sulu çözeltisi elektriği iletir. D) Katı hâlde elektriği iletir. E) Erime noktası yüksektir.

Çözüm: İyonik bileşikler katı hâlde elektriği iletmez — iyonlar kafeste sabittir. D yanlıştır. Cevap: D.

Örnek 6 — İyonik mi Kovalent mi?

Soru: Aşağıdaki bileşiklerden hangisi iyonik bağlıdır? NH₃, H₂O, HCl, CaF₂, CO₂

Çözüm: İlk dört aday içinde CaF₂ dışında hepsi JOPASAN 7A elementlerinden oluşur. Yalnızca CaF₂'de bir metal (Ca) bulunuyor. Cevap: CaF₂.

Örnek 7 — Kök Parantezi

Soru: Al³⁺ ve SO₄²⁻ iyonlarından oluşan bileşiğin formülü nedir?

Çözüm: Çapraz: Al₂(SO₄)₃. Kök bütün olarak gitmeli; üç kere alınacağı için parantez kullanılır. Cevap: Al₂(SO₄)₃ — yanıltıcı alternatif Al₂SO₄₃ olur ki yanlıştır.

Örnek 8 — İzoelektronik Çap

Soru: O²⁻, F⁻, Na⁺, Mg²⁺ iyonlarının yarıçaplarını sıralayınız.

Çözüm: Hepsi 10 elektron içerir → izoelektronik. Proton sayıları: O 8, F 9, Na 11, Mg 12. Proton sayısı az olanın çapı büyük. Sıralama: O²⁻ > F⁻ > Na⁺ > Mg²⁺.

Örnek 9 — Oktet Kontrolü

Soru: K₂O bileşiğinde K ve O oktet kuralını sağlamış mıdır?

Çözüm: K (Z=19): 2,8,8,1. Bir elektron vererek K⁺ (2,8,8) olur → oktet tamam. O (Z=8): 2,6. İki elektron alarak O²⁻ (2,8) olur → oktet tamam. Her iki iyon da oktete uyuyor. Cevap: Evet, sağlamıştır.

Aşağıdaki sekiz örnek, son beş yılın TYT ve MSÜ sorularında en sık karşılaşılan kalıpları taklit eder. Her örnekte önce sorunun çözüm anahtarı, sonra şıklara nasıl bakılacağı, en altta da bağlantılı akronim verilmiştir.

Örnek A — Bağ Kuvveti Karşılaştırması

Soru: NaF, MgO, AlN bileşiklerinin erime noktalarını büyükten küçüğe sıralayınız. (İyonlar izoelektroniktir.)

Çözüm: Üç bileşikte de iyonlar 10 elektronludur (Na⁺, F⁻, Mg²⁺, O²⁻, Al³⁺, N³⁻ hepsi izoelektronik). Yük çarpımları: NaF için 1·1=1, MgO için 2·2=4, AlN için 3·3=9. YÜK-EM-NOKTA gereği: AlN > MgO > NaF. AlN'in erime noktası 2200 °C üzeri, MgO 2852 °C, NaF 993 °C; sayısal değerler de bu sıralamayı doğrular.

Akronim: YÜK-EM-NOKTA + TOP-YÜK-0.

Örnek B — Levis Yanlışını Bulma

Soru: Aşağıdaki Levis gösterimlerinden hangisi yanlıştır? (I) Na: tek nokta. (II) Mg: iki nokta yan yana. (III) He: iki nokta üst üste. (IV) Ca²⁺: nokta yok. (V) [F]⁻: 8 nokta + parantez + (−).

Çözüm: Mg 2A grubudur, iki nokta sembolün iki yan köşesinde tek tek olmalıdır; aynı tarafa yan yana iki nokta yazılırsa bağ yapma davranışı yanlış aktarılır (eşleşmiş olarak görünür). Cevap: (II). He özellikle 2 noktasını üst üste eşleştirir çünkü soygazdır; ayrım buradan kaynaklanır.

Akronim: KATYON-ANYON-ÇEKİM (katyonda nokta yok kuralı) + Helyum istisnası.

Örnek C — Formül Yazımı + Sadeleştirme

Soru: Sn⁴⁺ ile O²⁻ iyonlarından oluşan iyonik bileşiğin formülü nedir?

Çözüm: Çapraz: Sn₂O₄. İndislerin ortak böleni 2 ⇒ sadeleştir ⇒ SnO₂. Toplam yük denetimi: 1·(+4) + 2·(−2) = 0. ✔

Akronim: TOP-YÜK-0.

Örnek D — Yargı Doğrulama (Klasik 5'li)

Soru: İyonik bileşikler için aşağıdakilerden hangisi yanlıştır? A) Kristal örgü yapılıdır. B) Eriyik halde elektriği iletir. C) Oda koşullarında katıdır. D) Erime noktaları düşüktür. E) Sert ama kırılgandırlar.

Çözüm: İyonik bileşiklerin erime noktaları yüksektir (genellikle 600 °C üstü). D yargısı yanlıştır. Cevap: D.

Akronim: YÜK-EM-NOKTA.

Örnek E — JOPASAN 7A Filtresi

Soru: H₂S, KBr, NH₃, CO, CaO bileşiklerinden kaç tanesi iyonik bağlıdır?

Çözüm: JOPASAN 7A filtresinden geçirelim. H₂S: H ve S ⇒ JOPASAN içi ⇒ kovalent. KBr: K (1A metal) var ⇒ iyonik. NH₃: N ve H ⇒ JOPASAN içi ⇒ kovalent. CO: C ve O ⇒ JOPASAN içi ⇒ kovalent. CaO: Ca (2A metal) var ⇒ iyonik. İyonik olan sayısı: 2 (KBr ve CaO).

Akronim: MET+AMET-İYO.

Örnek F — İletkenlik Senaryosu

Soru: Üç beher: Beher 1 katı KCl, Beher 2 erimiş KCl, Beher 3 KCl'nin sulu çözeltisi. Hangilerinden elektrik akımı geçer?

Çözüm: Beher 1: katı, iyonlar kafeste sabit ⇒ iletmez. Beher 2: erime sırasında iyonlar serbest kalır ⇒ iletir. Beher 3: çözeltide iyonlar dağılmıştır ⇒ iletir. Cevap: 2 ve 3.

Akronim: KATI-İLETMEZ + SULU-İLET.

Örnek G — İzoelektronik Yarıçap Sıralaması

Soru: N³⁻, O²⁻, F⁻, Na⁺ iyonlarının yarıçaplarını büyükten küçüğe sıralayınız.

Çözüm: Hepsinde 10 elektron var ⇒ izoelektronik. Proton sayıları: N 7, O 8, F 9, Na 11. Proton sayısı az olanın çekim gücü düşüktür ⇒ yarıçap büyür. Sıralama: N³⁻ > O²⁻ > F⁻ > Na⁺.

Akronim: Hızlı Dizin satır 18 (izoelektronik kuralı).

Örnek H — Gevreklik Mekanizması

Soru: İyonik kristallerin darbeyle parçalanmasının nedeni aşağıdakilerden hangisidir? A) Yapı moleküler olduğu için. B) İyonlar kayınca aynı yükler yan yana gelir ve birbirini iter. C) Sulu çözeltisi iletken olduğu için. D) Erime noktası yüksek olduğu için. E) Elektronegatiflik farkı küçük olduğu için.

Çözüm: Kristal düzlemleri kaydığında bir önceki konumda zıt yüklü iyonlar yan yanayken yeni konumda aynı yüklü iyonlar yan yana gelir; Coulomb itmesi yapıyı çatlatır. Cevap: B.

Akronim: GEVREK-AYNI-YÜK.